непредсказуемая функция copy() PHP

боюсь предположить что может с правами на папке не все в порядке?

0777

Уже и так пробывал:

$file = $_SERVER[DOCUMENT_ROOT].'/img/p1/'.$_POST['photo']; 

$dir  = $_SERVER[DOCUMENT_ROOT].'/img/p2/'; 

$name = 'file.jpg' 



copy($file, $dir.basename($name));

файл с половиной имени - это как?

Права на файл какие в итоге выставляются?

У меня такое ощущение, что пробел не правильно обрабатывается.

Попробуйте заменить пробелы на "_" в имени файла и папки

Половина имени, это Chanelle.jpg? Может, дело в пробелах в именах файлов?

Имя: Coco Chanelle.jpg

Записывает: Сосо или же набор непонятных символов

vorona добавил 04.02.2011 в 07:31

№5, 6, нужно именно так :(

Вместо " " передавать "\ " не пробовали?

Подумайте как может выполниться команда:

copy 15.jpg Coco Chanelle.jpg

Пробелы в именах файлов допустимы (в некоторых ОС), но их придётся специально обрабатывать, или заключать имена файлов в "".

А когда будете выводить картинку с таким именем (Coco Chanelle.jpg) на сайт - столкнетесь со второй проблемой - пробелы в url недопустимы и их надо кодировать в %20.

Иногда Веб-сервер сам их кодирует, иногда - нет, в некоторых случаях некодированные пробелы сработают, в некоторых - нет.

Зря вы стали юзать некошерные символы в именах файлов.

Я заменяю пробел на %20 при создании нового файла.

А Вы принтаните что выводится: $_SERVER[DOCUMENT_ROOT]."/img/p1/".$_POST['photo'], $_SERVER[DOCUMENT_ROOT]."/img/p2/".$rowx[2].".jpg" и руками вбейте в коммандную строку "copy...".

Так проще найти, где собака порылась.

PS: А такое что у Вас $_POST['photo']? Если удаленно загружаете файл, надо использовать move_uploaded_file() и массив $_FILES[...]['tmp_name'], потому что имя загруженного файла будет другое.